C

[解析] 本题考查ROM存储器。
   ROM是一种只读存储器，信息已固化在存储器中，只可读出，但无法改写。随着技术的发展，又出现了PROM、EPROM与E²pROM。其中PROM是可编程ROM，只能进行一次写入操作；EPROM是可擦除的PROM，其中的内容既可以读出，也可以写入；E²PROM是电可擦除EPROM，与EPROM相似，可以读出也可以写入，而且在写操作之前，不需要把以前内容先擦去。

B

[解析] 本题考查系统可靠性的基本概念。
   系统可靠性是指系统在意外或错误使用的情况下维持系统的功能特性的基本能力。可靠性是最重要的系统特性，通常用它衡量在规定的条件和时间内，系统完成规定功能的能力。可靠性通常用平均失效等待时间(Mean Time To Failure，MTTF)和平均失效间隔时间(Mean Time Between Failure，MTBF)来衡量。它通常用系统容错能力和健壮性来描述。

B

[解析] 本题考查加法器的组成。
   加法器的主要功能是对数进行加法运算，在大多数的中央处理器中，很多其他计算也是经过变换后使用加法器来完成的，一个位加法的逻辑图如下图所示。
   
   在上图中，X_i、Y_i是加数和被加数；C_i+1是低位进位；C_i是进位；Z_i是和。在加法运算器进行运算时，第i位的和除与本位操作数X_i和Y_i有关外，还依赖于低位进位信号，而低位进位信号依赖于更低位的进位信号，而这样的进位逻辑就是串行进位链。因此影响加法器运算速度的主要因素是串行进位链的总延迟时间，而加法器本身求和的延迟时间反而是次要的。

B

[解析] 本题考查变址寻址方式。
   变址寻址方式是将地址码和变址寄存器内容相加后形成数据的地址，它的有效地址是计算后的地址。由于变址寄存器能自动修改，这种方式对数组运算、字符串操作等批量数据的处理非常有效。

A

[解析] 本题考查病毒传播媒介。
   据统计，以前通过磁盘等有形媒介传播的病毒，从国外发现到国内流行，传播周期平均需要6～12个月，而Internet的普及，使得病毒的传播已经没有国界。从“美丽杀”、“怕怕”、“辛迪加”、“欢乐99”，到“美丽公园”、“探索蠕虫”、“红色代码”、“求职信”等恶性病毒，通过Internet在短短几天就传遍整个世界。由此可见，目前使计算机病毒传染范围最广的媒介是互联网。

A

[解析] 本题考查基本的逻辑运算。
   首先，我们将原式化简，即；然后，我们对Q求逻辑非运算得到0101，再与P进行逻辑与运算，得到结果为0100。接着对P求逻辑非运算，得到1001，最后求逻辑或运算，得到结果为1101。

B

[解析] 本题考查浮点数的表示。
   一个浮点数的表示分为阶码和尾数两个部分，例如N=M×2^e，其中e是一个二进制整数，M是二进制小数，这里称e为数N的阶码，M称为数N的尾数，M表示了数N的全部有效数字，如果M长，则表明浮点数中有效数字位数多，即表示的精度高；阶码e指明了小数点的位置，如果e长，则说明小数点后的位数多，即表示能表示的数的范围大。因此，阶码长、尾数短的浮点数可表示的数的范围大而精度低。

D

[解析] 本题考查整数的补码表示。
   由补码表示整数时，一般分成两部分，第一部分是符号位，通常是最高位，另一部分是数值。题目中给出的是用补码表示的8位整数X=10010101，其中最高位为1，说明这个数是负数。而对一个补码表示的数，要计算其原码，只要对它再次求补，即可得该数的原码，因此可以得到其原码为01101011。现在我们再来进行所谓的“变号操作”，由于整数X是一个负数，那么进行“变号操作”后得到的是一个正数，因此这个整数应该等于整数X的原码01101011。

A

[解析] 本题考查计算机硬件基础知识。
   按字编制的存储单元数为1GB/4B=2³⁰B/4B=2²⁸个，地址空间为0000000～FFFFFFF。

A

[解析] 本题考查不同数制数之间的大小比较。
   根据题目需要我们应该都将其转换为十进制数，b=6×16¹+8×16⁰=96+8=104(十进制数)，而a=1×8²+4×8¹+7×8⁰=64+32+7=103(十进制数)。因此，可以得出这3个数的大小关系是a＜b＜c。

A

[解析] 本题考查虚拟存储技术的原理。
   虚拟存储技术是指程序运行时，并不是程序中所用的存储单元都有具体的物理主存储器单元与之对应，只把程序中的一些页放在主存中，而其他的页则等需要时再建，或放在辅存(磁盘)中。在程序运行到需要的页时，再采用页面调度算法对页进行更换需要的资源，这个过程对用户来说完全是透明的。这个技术的产生是因为程序的运行一般只在一个比较小的范围内运行，这就是程序的局部性原理。

A

[解析] 本题考查位示图方法的作用。
   位示图(Bitmap)是一种用于盘空间管理的一种方法。位示图利用一串二进位的值来反映该块组中数据块的分配情况，也称作位向量(Bit Vector)法。位示图好像是一个很大的棋盘，每个盘格(一个二进位)对应着块组中的一个数据块，如果数据块是空闲的，则其对应位是0；如果数据块已经分配出去，则对应位是1。

B

[解析] 本题考查网络操作系统和分布式操作系统的联系与区别。
   网络操作系统是服务于计算机网络，按照网络体系结构的各种协议来完成网络的通信、资源共享、网络管理和安全管理的系统软件。
   分布式操作系统是建立在网络操作系统之上，对用户屏蔽了系统资源的分布而形成的一个逻辑整体系统的操作系统。
   它们的共同特征是都可以连接多台计算机，且能让这些计算机之间实现通信，充分实现了资源共享。但它们之间的主要区别在于其分布性上，即分布式操作系统的处理和控制功能均为分布式的，而网络操作系统虽具有分布处理功能，但其控制功能却是集中在某个或某些主机或网络服务器中，即集中式控制方式。

C

[解析] 本题考查关系运算中连接的一些相关知识。
   两个关系R和S进行自然连接时，选择两个关系R和S公共属性上相等的元组，去掉重复的属性列构成新关系。这样，关系R中的某些元组有可能在关系S中不存在公共属性值上相等的元组，造成关系R中这些元组的值在运算时舍弃了。同样，关系S中的某些元组也可能舍弃。为此，扩充了关系运算左外连接、右外连接和完全外连接。
   (1)左外连接：R和S进行自然连接时，只把R中舍弃的元组放到新关系中。
   (2)右外连接：R和S进行自然连接时，只把S中舍弃的元组放到新关系中。
   (3)完全外连接：R和S进行自然连接时，把R和S中舍弃的元组都放到新关系中。

D

[解析] 本题考查数据库逻辑设计的任务。
   在数据库设计中，可以分为4个步骤，分别是需求分析、概念结构设计、逻辑结构设计和物理结构设计。其中逻辑结构设计的内容包括E．R图向关系模型的转换、数据模型的优化、用户子模式的设计等问题。

B

[解析] 本题考查笛卡儿积运算。
   笛卡儿积的定义如下：设关系R和S元数分别为r和s。R和S的笛卡儿积是一个r+s元的元组集合，每个元组的前r个分量来自R的一个元组，后s个分量来自S的一个元组，记为R×S。形成定义如下：
   
   若R有m个元组，S有n个元组，则R×S有m×n个元组。
   题目中给出的关系R和S的元组个数分别为100和300，那么T的元组个数应该等于100×300=30000。

A

[解析] 本题考查二分搜索法。
   二分法查找又称折半查找，它是一种效率较高的查找方法。二分法查找关键的一步是每次确定区间的中点位置，我们可以想象一下，如果是顺序存储的话，那么这个中点位置就很好确定了，等于区间起点和终点和的一半。如果是链接存储的话，存储的区间是不连续的，而是通过指针来实现的，那么这个中点位置就不能确定了。

A

[解析] 本题考查满二叉树与完全二叉树的关系。
   一棵深度为k且有2^k-1个结点的二叉树称为满二叉树。如果深度为k，有n个结点的二叉树中的结点能够与深度为k的顺序编号的满二叉树从1到n标号的结点相对应，则称这样的二叉树为完全二叉树。满二叉树是完全二叉树的特例。通俗点讲，就是具有同样深度的满二叉树结点数一定大于等于完全二叉树的结点，即f≥c成立。
   题目中告诉我们二叉树根结点的层次为0，深度为k，那么其实际深度应该为k+1，对于一棵深度为k+1的满二叉树，其结点数为2^k+1-1。

A

[解析] 本题考查链表为空的判定条件。
   题目中给出的单链表head是不带头结点的单链表，头结点是指在单链表head第一个结点之前附设的一个结点，头结点的数据域可以不存放任何数据信息，而其指针域存放指向第一个结点的指针。在题目中告诉了我们，第一个结点的指针为head，而整个单链表的存储必须从第一个结点进行，如果链表为空，则说明第一个结点为空，因此链表为空的判定条件是head==NULL。

C

[解析] 本题考查数据结构基础知识。
   在应用中，栈和队列都作为容器使用。在运算方式上，栈结构的特点是后进先出，队列的特点是先进先出。在存储结构的选择上，需要考虑使用栈或队列的应用场合及数据的特点和规模等，没有统一的标准。若开发系统已经实现了栈和队列结构，则无须考虑栈和队列的存储结构，只要按照规定的接口使用即可。应用栈时，只要栈不空，就可以令栈顶元素出栈；只要栈不满，就可以令元素进栈，因此元素的入栈次序一定时，出栈次序有多种选择。

C

[解析] 本题考查一些排序方法的特点。
   排序就是要整理文件中的记录，使之按关键字递增(或递减)次序排列起来。由于待排序的记录数量不同，使得排序过程中涉及的存储器不同，可以将排序方法分成两大类：内排序法和外排序法。其中内排序法是指待排序记录存放在计算机随机存储器(内存)中进行的排序过程。而外排序法是指待排序的数量很大，以至于内存一次不能容纳全部记录，在排序过程中尚需对外存进行访问的排序过程。

B

[解析] 本题考查信息系统的基本概念。
   信息系统一般泛指收集、存储、处理和传播各种信息的，具有完整功能的集合体。它一直以来都与计算机和网络技术同步发展，历经4个主要阶段：
   (1)电子数据处理系统(EDPS)：简单数据处理，仅用于科学计算，较少涉及管理内容，如计算工资、统计账目等。
   (2)事务处理系统(TPS)：对企业局部事务的管理，如财会、销售、物资、生产管理等。
   (3)管理信息系统(MIS)：是用系统思想建立起来，以电子计算为基本信息处理手段，以现代通信设备为基本传输工具，且能为管理决策提供信息化服务的人机系统。MIS集成了事务处理中的局部应用，形成全局性、整体性的计算机应用。
   (4)决策支持系统(DSS)：为高层决策提供支持的系统，如ERP(集成了MIS)、SRM等。

A

[解析] 本题考查归并排序的方法。
   归并排序是将两个或两个以上的有序子表合并成一个新的有序表。初始时，把含有n个结点的待排序序列看做有n个长度都为1的有序子表所组成，将它们依次两两归并得到长度为2的若干有序子表，再对它们作两两合并，直到得到长度为n的有序表，排序结束。
   题目中给出的排序码(30，48，16，35，79，82，23，40，36，72)已经是一个含有5个长度为2的有序表，接下来是将其两两合并成长度为4的有序表，那么序列中的前2个有序表(即前4个元素)归并后的结果为(16，30，35，48)，中间2个有序表归并后的结果为(23，40，79，82)，最后1个有序表归并的结果为(36，72)。因此，进行一趟归并后的结果为(16，30，35，48，23，40，79，82，36，72)。

D

[解析] 本题考查数据结构中栈的基本概念。
   对于选项A，操作序列IOIIOOIOOI对应a1入栈、a1出栈、a2入栈、a3入栈、a3出栈、a2出栈、a4入栈、a4出栈，接下来要在栈空时出栈，因此该操作序列中的第9个操作会导致出错。
   对于选项B，操作序列IIOIOIOIOO对应a1入栈、a2入栈、a2出栈、a3入栈、a3出栈、a4入栈、a4出栈、a5入栈、a5出栈、a1出栈，即通过栈S得到符号序列a2a3a4a5a1。
   对于选项C，操作序列IOOIIOIOIO对应a1入栈、a1出栈、为空栈时出栈，因此该操作序列中的第3个操作会导致出错。
   对于选项D，操作序列IIOIIOIOOO对应a1入栈、a2入栈、a2出栈、a3入栈、a4入栈、a4出栈、a5入栈、a5出栈、a3出栈、a1出栈，即通过栈S得到符号序列a2a4a5a3a1。

D

[解析] 本题考查Word的基本操作。
   在Word中，利用“常用”工具栏上的“显示比例”按钮，可以实现按页宽显示。对字号的缩放是通过选择字的型号来实现的；对行距的缩放是通过“格式”菜单下的“段落”来设计实现的。

A

[解析] 本题考查Excel的一些常见操作。
   在Excel中，A1单元格表示第一行的第一个元素，要往其中添加编号00012，需要在这个单元格中键入'00012。如果直接键入00012，则系统会自动变成12。

A

[解析] 本题考查面向对象的基本概念。
   面向对象中，基类和超类属于同一个概念，等价于面向对象继承关系中的父亲类，基类定义了一组对象的共有行为和属性；子类是集成关系中的孩子类，定义了特有的行为和属性；特化关系等价于继承关系，因此子类是基类或超类的特化。

C

[解析] 本题考查面向对象分析与结构化分析的基本概念。
   不论是面向对象分析还是结构化分析，其分析结果都是下一阶段设计工作的输入。而向对象分析结果主要是面向对象分析模型，当前主流的技术是采用面向对象建模语言(UML)来描述和表达；结构化分析所得到的是结构化分析模型，主要采用DFD等模型来表示；面向对象程序设计语言主要用于系统的实现，属于设计工作完成后的阶段，因此面向对象程序设计语言的抽象层次较低，并不适用于面向对象的分析。

A

[解析] 本题考查文件的命名规则。
   在我们常见的操作系统中，文件结构一般都采用树型结构，它的命名规则是：同一文件夹中不允许有两个文件的文件名完全相同，而不同文件夹中允许有文件名相同的文件，其内容是否相同都无关紧要。

C

[解析] 本题考查匿名FTP服务器的登录方式。
   FTP是文件传输协议，其主要作用是为了在两台计算机之间实现文件的上传与下载，一台计算机作为FTP客户端，另一台计算机作为FTP服务器。在登录FTP服务器时，可以采用匿名(anonymous)登录和授权用户名与密码登录两种方式。而匿名登录时，不要求用户预先注册用户名和密码，只要用用户名anonymous就可以登录。这是一种不安全的方式，常常被黑客利用。

B

[解析] 本题考查DRAM的概念。
   计算机主存根据工艺和技术不同，可以分为RAM与ROM。其中RAM是指随机存储器，它可以写入也可以读出，但断电后信息无法保存，因此只能用于暂存数据。
   RAM又可分为DRAM(动态随机存储器)和SRAM(静态随机存储器)两种，其中DRAM的信息会随时间逐渐消失，因此需要定时对其进行刷新以维持信息不丢失；而SRAM在不断电的情况下，信息不需要刷新且能够一直保持而不丢失。

A

[解析] 本题考查数据链路层的作用。
   数据链路层是在物理层已能将信号发送到通信链路中的基础上，负责建立一条可靠的数据传输通道，完成相邻结点之间有效的传送数据的任务。数据链路层通过一系列协议将实现以下功能。
   (1)封装成帧：把数据组成一定大小的数据块(我们称为帧)，然后以帧为单位发送、接收、校验数据。
   (2)流量控制：对发送数据的一方，根据接收方的接收情况，实时地进行传输速率控制，以免出现发送数据过快，接收方来不及处理而丢失数据的情况。
   (3)差错控制：对接收数据的一方，当接收到数据帧后对其进行检验，如果发现错误，则通知发送方重传。
   (4)传输管理：在发送端与接收端通过某种特定形式的对话来建立、维护和终止一批数据的传输过程，以此对数据链路进行管理。
   从上面的描述中可以看出，数据链路层的主要功能是为数据的有序、无错和完整传输提供链路。

C

[解析] 本题考查计算机资源的组成。
   任何一个计算机系统都是由两个部分组成的：计算机硬件系统和计算机软件系统，由此可见计算机的硬件与软件肯定是计算机资源，而计算机的工作对象就是数据，因此数据资源也是计算机的主要资源。

A

[解析] 本题考查IEEE 802规范。
   IEEE 802规范目前主要包括以下内容：IEEE 802.1描述了802协议概论；IEEE 802.2制定了逻辑链路控制层(LLC)协议；IEEE 802.4制定了令牌总线访问控制方法的标准：IEEE 802.3制定了以太网访问控制方法的标准；IEEE 802.5的实现是基于星型拓扑结构的，几乎和令牌环网标准完全一样；IEEE 802.6制定了城域网(MAN)协议；IEEE 802.11制定了无线技术协议；IEEE802.16制定了宽带无线标准等。

D

[解析] 本题考查网卡的分类。
   网卡也称网络适配器，在局域网中用于将用户计算机与网络相连。而用于连接计算机与网络的有线传输介质一般有双绞线、电缆和光纤三类。因此网卡按所支持的传输介质类型进行分类时，也有双绞线网卡、细缆网卡和光纤网卡。而10M/100M/1G网卡的分类是按照网卡对数据的处理速度来划分的。

C

[解析] 本题考查高速局域网的定义。
   局域网的主要特点是距离短、速度快、可靠性高。它的发展非常迅速，短短几年时间就从早期的4Mbps、10Mbps发展到了现在的100Mbps甚至1Gbps的高速局域网。

B

[解析] 本题考查IP地址的组成。
   IP地址由4组8位二进制数组成，而8位二进制数转换成十进制后的最大值是255，因此每组数可取值范围是0～255。

B

[解析] 本题考查防火墙的作用。
   防火墙是位于两个(或多个)网络间，实施网络间访问控制的一组组件的集合，它是一套建立在内外网络边界上的过滤封锁机制，目的是保护内部网络安全。它满足以下条件：内部和外部之间的所有网络数据流必须经过防火墙，只有符合安全政策的数据流才能通过防火墙而访问内部网络，防火墙自身应对渗透免疫。归纳起来，防火墙的功能有：过滤掉不安全服务和非法用户；控制对特殊站点的访问；提供了监视Internet安全和预警的方便端点。但它一般不能用来防范病毒。

C

[解析] 本题考查简单优先分析的归约特点。
   简单优先分析法是一种自底向上分析法，它用一个寄存符号的先进后出栈，把输入符号从左向右一个一个地移进栈里，当栈顶形成某个产生式的一个候选式时，就把栈顶的这一部分替换成(归约为)该产生式的左部符号。它是根据最左素短语来进行归约的。

B

[解析] 本题考查知识产权。
   根据《中华人民共和国著作权法》的相关规定，对于委托开发、创作的软件或作品，如果在双方签署的合同中未约定著作权的归属问题，那么软件著作权应归开发、创作方所共有。

A

[解析] 本题考查赋值操作符与变量。
   首先我们来了解几个基本的概念。常量是指在程序运行过程中，值不能被改变的量。而变量与常量对应，是指在程序运行过程中值可以改变的量。表达式是程序中用于计算的算式。顾名思义，过程名是一个执行过程的名字。
   在高级程序设计语言中，赋值操作是将一个常量、变量或表达式的结果存放到另一个变量中。

D

[解析] 本题考查类的继承方式及其各自的继承特点。
   类的继承方式有3种。
   (1)公有继承：基类的公有成员和保护的成员被继承后其访问属性没有变化，但派生类的成员无法访问基类的私有成员。
   (2)私有继承：将基类的公有成员和保护成员作为派生类的私有成员，可以直接访问，但不能访问基类的私有成员。
   (3)保护继承：将基类的公有成员和保护成员作为派生类的保护成员，可以访问，也不能访问基类的私有成员。
   题目中要求用p.a的形式访问派生类对象p的基类成员a，那么基类成员a一定是基类的公有成员，才能在类的外面被访问；再结合各种继承的特点不难推断出一定是公有继承，因为只有这种继承方式才不会改变基类成员a的访问属性。

D

[解析] 本题考查软件评审的相关知识。
   软件评审是对软件元素或者项目状态的一种评估手段，以确定其是否与计划的结果保持一致，并使其得到改进。它是保证软件质量的重要措施，评审工作要贯穿软件开发的各个阶段。因此需求复审、程序复审、详细设计复审与总体设计复审都是软件开发阶段复审的必需内容。

C

[解析] 本题考查软件系统的生存周期中各活动的任务。可行性分析和项目开发计划主要确定软件的开发目标及其可行性，要进行问题定义、可行性分析，制订项目开发计划。需求分析阶段的任务是准确地确定软件系统必须做什么，确定软件系统必须具备哪些功能。软件设计是软件工程的技术核心，其任务是确定如何实现软件系统，包括模块分解，确定软件的结构，模块的功能和模块间的接口，以及全局数据结构的设计，设计每个模块的实现细节和局部数据结构。编码的任务是用某种程序语言为每个模块编写程序。

C

[解析] 本题考查面向对象程序设计语言的特点。
   面向对象程序设计方法强调在软件开发过程中面向待求解问题域中的事物，即面向客观世界本身，运用人类认识客观世界的普遍思维方法，直观、准确、自然地描述客观世界中的相关事物，它把客观世界中具有相同属性或操作的一类事物抽象成类，它的基本特征主要有抽象性、继承性、封装性和多态性。

A

[解析] 本题考查IIS的基本功能。
   IIS(互联网信息服务)是Windows操作系统的一个组件，可以用来构建Web、FTP和SMTP服务器。而IE则是Windows自带的Web浏览器；POP3是收取电子邮件时使用的协议；DNS则是域名解析服务。

C

[解析] 本题考查软件维护的类型。根据维护目的的不同，软件维护一般分为4类。正确性维护是指改正在系统开发阶段已发生而系统测试阶段尚未发现的错误；适应性维护是指使应用软件为适应信息技术变化和管理需求变化而进行的修改；完善性维护是为扩充功能和改善性能而进行的修改，主要是对已有的软件系统增加一些在系统分析和设计阶段中没有规定的功能与性能特征；预防性维护是为了改进应用软件的可靠性和可维护性及适应未来的软硬件环境的变化，而主动增加预防性的新功能，以使应用系统适应各类变化而不被淘汰。

B

[解析] 本题考查软件测试的相关知识。
   软件测试是发现软件错误和缺陷的主要手段，其目的就是在软件系统交付运行之前，尽可能多地发现系统中的错误和缺陷。一般一个高效的测试是指用少量的测试用例，发现被测软件尽可能多的错误。因此，测试的关键就在对软件测试用例的设计与选择上。

D

[解析] 本题考查数据库的操作语言。
   SQL是标准化数据库查询语言，支持大部分数据库的处理，是目前应用最广泛的一种数据库处理语言。
   Cobol是面向商业的通用语言，是一种适合于商业及数据处理的类似英语的程序设计语言。在财会工作、统计报表、计划编制、情报检索、人事管理等数据管理及商业数据处理领域，都有着广泛的应用。
   4GL是指第四代程序设计语言，它的特点是简单易学，用户界面好，非过程化程度高且直接面向问题，只需告知计算机“做什么”，而不必告知计算机“怎么做”。其中Cobol就是这样一种语言。
   Lisp是在20世纪50年代末由麻省理工学院为研究人工智能而开发的，它的强大优势在于编写编辑命令和集成环境。它不适合作为数据处理与数据库应用的语言。

A

[解析] 本题考查一些常用的SQL语句。
   下面我们分别来看选项中各语句的功能：GRANT语句是一个授权语句，用于授予用户使用关系和视图的权限；ROLLBACK是事务回退语句，表示事务执行不成功地结束；COMMIT是事务提交语句，表示事务执行成功地结束；CREATE TABLE语句用于创建一个表。因此，用于实现数据存取安全机制的SQL语句是GRANT。

B

[解析] 本题考查功能性注释的作用。
   程序中的注释能够帮助读者理解程序，并为后续测试维护提供明确的指导信息。如果程序修改了，注释也要跟着修改以便与程序保持一致性。在程序中添加功能性注释虽然是必须的，但是没有必要在每一行都加注释。

D

[解析] 本题考查计算机中的一些存储设备。
   Cache即高速缓冲存储器，其功能是提高CPU数据输入/输出的速率，一般用在主存与CPU之间。
   ROM即只读存储器，其信息已固化在存储器中，只可读出，但无法改写。
   I/O即输入/输出设备，常见的I/O设备有打印机、显示器等。
   BIOS即基本输入/输出系统，是集成在主板上的一个ROM芯片，其中保存有计算机最重要的基本输入/输出程序、系统信息设置、开机通电自检程序和系统启动自检程序。

C

[解析] 本题考查CPU的相关知识。
   中央处理器(CPU)是计算机的控制、运算中心，它主要通过总线和其他设备进行联系。在CPU中为了暂存中间结果，一般用几十个甚至上百个寄存器来存放临时数据。中央处理器的类型和品种异常丰富，各种中央处理器的性能也差别很大，有不同的内部结构、不同的指令系统。随着现代计算机技术的发展，一个CPU可以拥有多个处理器。

B

[解析] 本题考查显示存储器容量的计算。
   题目告诉我们显示器的分辩率为1024×768，说明一次显示出来的像素点个数就为1024×768个；后面又告诉我们每个像素点用16位表示其颜色，那么这些像素点的总容量就等于1024×768×16位，而显示存储器中存储的内容至少要够一次显示的，那么其容量至少为1024×768×16/8=1.5MB，因此一般采用2MB的显示存储器。

D

[解析] 本题考查DMA方式存储容量的计算。
   DMA即直接存储器存取，这种方式可以使得数据从输入/输出模块到主存的传输过程中，无须中央处理器的中转，这个工作转移给了DMA控制器来完成，这种方式可以达到高速的数据传输。
   题目中告诉我们，8237 DMA有16位地址线，但在与主机连接的控制电路中增加12位页地址寄存器，那么总的地址线应该就是28位，很明显28位地址线能控制的寻址范围为0～2²⁸=256MB。

B

[解析] 本题考查MIDI和MP3格式的比较。
   MIDI格式的声音文件的扩展名是MID，泛指数字音乐的国际标准，它始创于1982年。MIDI描述了音乐演奏过程的指令，利用MIDI文件演奏音乐，所需的存储量最少。MIDI是一种非常专业的语言，它能指挥各音乐设备的运转，而且具有统一的标准格式，能够模仿原始乐器的各种演奏技巧甚至无法演奏的效果。
   MP3是MPEG-3格式的声音文件的扩展名，MPEG-3记录了音乐经数字比压缩的编码，压缩较大，在网络、可视电话通信方面大有用武之地。但MPEG-3的失真较大。
   这两种格式的声音文件都可以使用Windows的媒体播放器进行播放。

A

[解析] 本题考查信息化基础知识。
   企业的信息处理过程一般包括多个阶段，如数据收集、数据整理、数据输入、数据存储、数据分类(排序)、数据加工、数据传输、数据输出、数据发布和数据运用等。每个阶段都应有目标要求，有规范的制度，有需要特别注意的事项。
   在数据收集阶段，首先需要明确收集哪些数据项，其原则应是符合应用需求。具体来说，就是要根据数据输出报表的要求来设计需要收集的数据项。例如，考生报名时需要填写哪些数据项，应根据考试统计表的需要来确定。工厂对原材料的采购需求应根据生产的产品与产量计划来确定。
   数据排序的目的是便于检索，加快检索速度。数据排序一般不能节省存储空间，相反，有时需要建立索引，增加了存储空间。
   用户的检索操作是否简单主要取决于检索程序所提供的界面，与数据是否排序并不直接相关。
   数据代码化主要是便于计算机处理(节省存储空间、提高处理速度)，对最终用户来说，代码化后往往更难于直观识别。例如，将性别字段代码化，以1表示男，以2表示女，会更便于计算机处理，但并不直观。

A

[解析] 本题考查知识产权的特点。
   知识产权也称“智力成果权”、“智慧财产权”，它是人类通过创造性的智力劳动而获得的一项权利。根据我国《民法通则》的规定，知识产权是指民事权利主体(自然人、法人)基于创造性的智力成果。知识产权具有无形性、专有性、双重性、地域性和时间性等特点。

D

[解析] 我国《著作权法》列举了3项不宜给予著作权保护的对象：法律、法规，国家机关的决议、决定、命令和其他具有立法、行政、司法性质的文件，及其官方正式译文；时事新闻；历法、数表、通用表格和公式。
   我国《计算机软件保护条例》是保护计算机软件的一项法规，是具有实施效用的法律文件，并非缺乏独创性。但对它的考虑，首先是促使其自由传播和复制，以便使人们充分地了解和掌握，故不在著作权保护之列。

C

[解析] 本题考查标准化的过程。
   为了在一定的范围内获得最佳秩序，对实际的或潜在的问题制定共同的和重复使用的规则的活动，称为标准化。它包括制定、推广和实施、更新标准的过程。

B

[解析] 本题考查信息安全的相关知识。
   用户能接收就证明了E-mail服务器在网络连通方面是没有问题的；由于发送电子邮件是基于SMTP协议的，接收邮件是基于POP3协议的，能够接收说明POP3协议没问题，因此应该检查SMTP协议是否被deny了。

A

[解析] 本题考查对象一关系数据库的特征。
   对象一关系数据库是一种把面向对象技术与关系数据库相结合的技术。它的基本特征有：在SQL环境中对基本数据类型的扩充提供了支持、对类的继承性提供了支持，但并没有把关系的规范化程度提高。

C

[解析] 本题考查专业英语应用能力。

A

[解析] 本题考查专业英语应用能力。

B

[解析] 本题考查专业英语应用能力。

C

[解析] 本题考查专业英语应用能力。

B

[解析] 本题考查专业英语应用能力。