B

[解析] 由图可知，甲车的加速度，乙车的加速度两车从开始刹车到速度相等经历的时间为20s，根据可知，20s时，甲车的位移乙车的位移两车刚好没有发生碰撞，故两车开始刹车时的距离x=300m-200m=100m，A项错误，B项正确。
   两车刹车后甲的速度先大于乙的速度，两者距离减小，后甲的速度小于乙的速度，两者距离增大，C项错误。
   20s时，甲、乙的速度都为5m/s。根据图像与坐标轴围成的面积表示位移可知，两车都停下来后相距D项错误。

C

[解析] 由题图可知，小球的速度先增大后减小，故小球的动能先增大后减小，A项正确。
   小球下落时，当重力与弹簧弹力平衡时小球的速度最大，则小球受到的弹力大小与小球的重力大小相等，故此时小球受到的弹力为2N，B项正确。
   在小球向下压缩弹簧的全过程中，只有重力和弹簧弹力做功，故小球与弹簧组成的系统机械能守恒；弹簧的弹性势能一直增加，故小球的机械能一直减小，C项错误。
   小球速度最大时受到的弹力为2N，此时弹簧的形变量为0.1m，可得弹簧的劲度系数k=20N/m。弹簧弹力最大时形变量最大，根据胡克定律可知，小球受到的最大弹力为F_m=kx_m=20×0.61N=12.2N，D项正确。

D

[解析] 根据可知，光从玻璃射向空气时，发生全反射时的临界角为C=45°。由几何关系可知，光在BC面的入射角为30°。由折射定律可知，所以r=45°，则射出棱镜后的光线与界面BC的夹角为45°。

D

[解析] 当两球运动至二者相距时，对轻绳中心处受力分析如图所示，则2Tcosθ=F。由几何关系知对其中一个小球应用牛顿第二定律有T=ma，则加速度
   

B

[解析] 带电粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示。设运动半径为r，圆心为O'，连接OC、OO'，OO'垂直平分弦长CD。已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°，所以∠CO'D=60°，又所以∠COE=30°，则∠COO'=∠CO'O=30°，CO'=CO，即r=R。再根据洛伦兹力提供向心力有
   

B

[解析] α射线是高速运动的氦核流，β射线是高速运动的电子流，γ射线是光子流，A项错误，B项正确。
   根据光电效应方程E_k=hv-W₀可知，光电子的最大初动能与照射光的频率和金属的逸出功有关，且与照射光的频率呈线性关系，与入射光的强度无关，C、D两项错误。

C

[解析] t-v₀图像的斜率表示加速度大小的倒数，则加速度大小C项正确，A项错误。
   物块在斜面上做匀减速运动，根据牛顿第二定律有μmgcos30°-mgsin30°=ma，解得B项错误。
   当小物块从斜面底端沿斜面向上自由上滑时，小物块做匀减速运动，根据牛顿第二定律有μmg·cos30°+mgsin30°=ma₁，解得a₁=12.5m/s²，则小物块沿斜面向上滑行的最大距离D项错误。

A

[解析] 运用整体法可得，整体受到推力F，地面对A的摩擦力f₁，两力平衡，则F=f₁，所以当F增大时，f₁增大。分析物块B，它受重力、推力、支持力，可能受静摩擦力。①当mgsinθ＞Fcosθ时，静摩擦力方向沿斜面向上，大小为f₂=mgsinθ-Fcosθ。当F增大时，f₂减小。②当mgsinθ=Fcosθ时，静摩擦力为零。当F增大时，f₂增大。③当mgsinθ＜Fcosθ时，静摩擦力方向沿斜面向下，大小为f₂=Fcosθ-mgsinθ。当F增大时，f₂增大。由上述分析可知，当F增大时，f₂不一定增大。

A

[解析] 在t=π时刻，圆环中磁通量为零，但正在增加，此时磁场方向要转变成垂直纸面向外。根据楞次定律，闭合线圈中会感应出垂直于纸面向里的磁场，感应电流的方向是顺时针方向，A项正确。
   在时间内，磁场的变化率不变，故感应电动势恒定，感应电流大小、方向恒定；安培力F=BIL，磁感应强度大小一直在变，故安培力是变化的，B项错误。
   在时间内，感应电动势而感应电流而R=2πrr₀，则通过圆环横截面的电荷量C项错误。
   在一个周期内的发热量D项错误。

D

[解析] 铁链由开始到完全脱离斜面，重力势能的变化量在这个过程中铁链克服摩擦力所做的功为则人至少需要做的功为

B

[解析] 由图可知，该波的波长是2m，由知，T=0.2s，A项错误。
   故再经过0.15s，从平衡位置开始运动的Q点经过的路程为3×10cm=0.3m，B项正确。
   若简谐横波沿x轴负方向传播，波形向左平移，则质点R和P的振动方向都沿y轴负方向，因而质点R到达
   波峰的时间大于质点P到达波峰的时间是即质点P比质点R先到波峰位置，C项错误。
   若P点向上振动，根据平移法可知，该波沿x轴正方向传播，D项错误。

A

[解析] 由万有引力提供向心力有则加速度线速度同步卫星的轨道半径和中轨道的轨道半径之比约为3:2，
   

A

[解析] 由图可得，电场线在a处明显比b处密集，故粒子所受电场力在a处较大。根据牛顿第二定律可得a处粒子的加速度较大，A项正确。
   电场力指向运动轨迹的内侧，说明粒子受到的电场力向左。因电场线方向不明，故无法判断粒子的电性，B项错误。
   若粒子带负电，则粒子在高电势的位置电势能低，故粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，C项错误。
   若粒子带正电，则电场沿电场线方向向左，a点电势低于b点的电势，D项错误。

C

[解析] 由题图及可知，当开关S闭合时，总电阻为R₂，功率较大，电饭锅处于加热状态，A项正确。
   当开关S断开时，总电阻为R₁和R₂之和，功率较小，电饭锅处于保温状态，B项正确。
   要使R₂在保温状态时的功率为加热状态时的一半，即C项错误，D项正确。

D

[解析] 两个电荷从同时进入电场到相遇，运动时间相同，从轨迹图可以看出，电荷M的水平位移大于电荷N的水平位移，即x_M＞x_N，则v_Mt＞v_Nt，故v_M＞v_N，即电荷M进入电场的初速度比电荷N进入电场的初速度大，D项正确。
   电荷M的竖直位移大于电荷N的竖直位移，即y_M＞y_N，则由于电荷的质量关系未知，故无法判断电荷量的大小关系，A项错误。
   两电荷在电场中均向下运动，故它们的电性相同，B项错误。
   电场力做功W=qEy，由于两电荷的电荷量大小关系未知，故无法判断电场力对电荷做功的大小，C项错误。